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一个劲度系数为k的轻弹簧一端固定
如图所示,将一
劲度系数为k的轻弹簧一端固定
在内壁光滑的半球形容器底...
答:
故A错误;B、容器对小球的作用力是弹力,指向球心O,故B错误;C、对小球受力分析,如图所示,由θ=30°得小球受到容器的支持力和
弹簧
对小球的弹力大小均为mg,故C错误;D、图中弹簧长度为R,压缩量为mgk,
劲度系数为k的轻弹簧
,
一端固定
,另一端与桌面上的质量为m的小球B相连接...
答:
以
弹簧
原长点为参考点,假设小球停止在距原点x处。由能量守恒得:kL²/2=kx²/2+F(L+x),得x=L-2F/k。保持静止的条件
是k
|x|≤F,得:F/k<L≤3F/k
如图所示,
劲度系数为k的轻弹簧
,
一端固定
在一块与水平面夹角为30°的粗 ...
答:
解:(1)由于 >f 因此滑块静止时
弹簧
一定处于伸长状态,设弹簧最小形变量为l 1 ,根据共点力平衡条件,kl 1 +f=mgsin30°解得l 1 = (2)将滑块B固定到A上后,设弹簧伸长量仍为l 1 时两滑块的加速度为a,根据牛顿第二定律2mgsin30°-kl 1 -2f=2ma 解得a= ...
如图所示,
劲度系数为k的轻弹簧一端固定
在墙上,另一端与置于水平面上质量...
答:
ABD 试题分析:撤去F后,在物体离开
弹簧
的过程中,弹簧弹力是变力,由受力分析可知,物体先做加速度减小的加速运动,当弹簧弹力减小到与滑动摩擦力相等时,速度达到最大,然后做加速度反向增大的减速运动,随即离弹簧再做匀减速运动直至停止。也即经历了变加速、变减速、匀减速三种运动情况,当撤去推力...
劲度系数为k的轻弹簧
,
一端固定
在墙上,另一端连在
一个
质量为m的物体上...
答:
解答:撤去外力F时,物体所受的合力为F合=kx0-μmg,则物体的加速度a=F合m=kx0m?μg,匀减速运动的时间t=2x0μg,匀减速运动的初速度v=at=2μgx...m=kx0 m ?μg 物体匀减速运动的位移为2x0,匀减速运动的加速度a′=μg,采用逆向思维,根据2x0=12 a′t2得,匀减速运动的时间...
...将一
劲度系数为k的轻弹簧一端固定
在内壁光滑的半球形容器底部O...
答:
弹簧的弹力F和容器的支持力T,由几何关系可得:
轻弹簧
对小球的作用力大小F=mg,故A错误;B、以容器和小球整体为研究对象,分析受力可知:竖直方向有:总重力、地面的支持力,根据平衡条件可知容器不受水平面的静摩擦力,则容器相对于水平面无滑动趋势,故B错误;C、根据平衡条件得知容器和弹簧对小球的...
如图所示,
劲度系数为K的轻质弹簧
的
一端固定
在墙上,另一端与置于水平面...
答:
以AB整体为研究对象,根据牛顿第二定律得物体刚运动时的加速度大小为a=kx0?μmg2m.故B错误.C、由上分析可知,当
弹簧
的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时,速度最大,此时AB两物体分开,弹簧的压缩量为x=μmgk,物体A、B一起开始向左运动距离为x=x0-μmgk,故C错误,D正确;故选:D ...
如右图所示,
劲度系数为 k 的轻弹簧
,
一端固定
在一块与水平面夹角为30°...
答:
(1) (2) 试题分析:(1)由于 ,因此滑块静止时
弹簧
一定处于伸长状态,设弹簧最小形变量为 根据共点力平衡条件, 解得 .(2)将滑块 B
固定
到 A 上后,设弹簧伸长量仍为 x 1 时两滑块的加速度为 a ,根据牛顿第二定律 解得 .点评:加速度是联系力和运动的桥梁,所以在分...
如图所示,
劲度系数为k的轻弹簧
的
一端固定
在地面上,另一端与木块B相连...
答:
即可保证A、B不会分开.此时A的加速度:aA=g,B与A的运动相同,所以aB=g,根据简谐振动的对称性可得,系统在最低点的加速度向上,大小为g,由牛顿第二定律,撤去F时:F弹-2mg=2m?a=2mg系统在离F的作用下平衡时:F+2mg=F弹,所以:F=2mg故答案为:Fk;2mg ...
如图所示,
劲度系数为k的轻弹簧一端固定
在墙上,另一端与置于水平面上质量...
答:
则:3x0=12at2,得t=6x0a=6x0μg.故C错误.D、由上分析可知,当
弹簧
的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时,速度最大,此时弹簧的压缩量为x=μmgk,则物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为W=μmg(x0-x)=μmg(x0?μmgk).故D正确故选:ABD.
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