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如图所示回旋加速器D形盒半径为R
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,磁感应强度为B,用来加速质量为m...
答:
根据qvB=mv2R得,粒子的最大速度v=qBRm,则最大动能EKm=12mv2=q2B2R22m.增大
D形盒的半径
,则质子的能量增大.最大能量与加速电压的大小无关.故CD正确,AB错误.故选:CD.
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,盒中磁场感应强度为B,用来加速...
答:
A、B、由qvB=mv2
R
得,v=qvBm,则最大动能EK=12mv2=q2B2R22m,知最大动能与
加速器
的
半径
、磁感线强度以及电荷的电量和质量有关,与加速电压无关,故A错误,B正确;C、
D
、由动能定理得:W=△EK=qU,加速电压越大,每次获得的动能越大,而最终的最大动能与加速电压无关,是一定的,故加速电...
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,用来加速质量为m,电量为q的质子...
答:
BD AB、根据qvB=m 得,粒子的最大速度v= ,则最大动能E Km = mv 2 = 可知质子能量与
加速
电压无关,
D形盒半径R
越大,质子的能量E将越大,故A错误B正确CD、根据 可知加速电压越大,达到最大速度加速次数越少,在磁场中运动周期 ,与运动速度大小无关,只与转动圈数有关,所以若...
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,匀强磁场的磁感应强度为B,高频...
答:
(1)加速电场变化的周期与粒子在磁场中运动周期相等,则有:T=2πmqB;(2)由洛伦兹力提供向心力,结合牛顿第二定律,则有:Bqv=mv2
r
,解得:v=qBrm;粒子从
加速器
中射出时所具有的动能为:E=12mv2=12m×(qBrm)2=q2B2R22m;(3)粒子每转一周获得的动能为:E′=2qU;则粒子在加速...
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,用来加速质量为m、电荷量为q的质子...
答:
(1)根据qvmB=mv2mR,得最大动能Ek=12mvm2=B2R2q22m,因此
加速器
中匀强磁场B的大小:B=2mEKRq;根据左手定则可知,质子由洛伦兹提供向心力,做匀速圆周运动,则磁场的方向垂直向里;(2)根据T=2πmqB,结合磁场的大小,则有:T=π
R
2mEK,因质子在磁场中运动的周期与交变电场的周期相等,...
如图所示
,
回旋加速器D 形盒
的
半径为R
,所加磁场的磁感应强度为B,被加 ...
答:
因此质子的运行时间将变短,故A正确,但动能不会随次数的改变而改变,故C错误.B、根据qvB=mv2
R
知出
D形盒
时的速度vm=qBRm,则粒子出D形盒时的动能:Ekm=12mv2=q2B2R22m,与加速的电压无关.故B错误. D、
回旋加速器
粒子在磁场中运动的周期和高频交流电的周期相等.故D错误.故选:A.
如图回旋加速器D形盒
的
半径为r
,匀强磁场的磁感应强度为B.一个质量了m...
答:
故转动的圈数为:n=12N粒子运动的时间为:t=nT 联立解得:t=πB r22U答:(1)该
回旋加速器
所加交变电场的频率为qB2πm;(2)粒子离开回旋加速器时获得的动能为(qBr)22m;(3)设两
D形盒
间的加速电压为U,质子每次经电场加速后能量增加,加速到上述能量所需时间为πBr22U.
如图所示
,
回旋加速器D形盒
的
半径为R
,所加磁场的磁感应强度为B,用来...
答:
ABC
如图回旋加速器D形盒
的
半径为r
,匀强磁场的磁感应强度为B.一个质量了m...
答:
导致该
回旋加速器
无法正常加速,所以不行.只有使该回旋加速器的周期与改粒子在磁场的运动周期相同即可.故方法一:改变交流电的周期改为原来的12倍方法二:改变磁场的磁感应强度改为原来的一半 答:(1)求该回旋加速器所加交变电场的频率qB2πm;(2)求粒子离开回旋加速器时获得的动能q2B2r22m...
如图回旋加速器
的
D 形盒半径为 R
,用来加速质量为 m ,带电量为 q...
答:
的方向垂直于纸画向呈, ( 2 )质子每
加速
一次,能量增加为 qU ,每周加速两次, 所以 ④ ( 3 )因为质子运动线速度 ⑤ 联立①、⑤得周期 T= ⑥ 可见周期与
半径
r
及速度 v 都无关 故加速总时间 t=nT 。 ⑦ 联立④、⑤、⑥、⑦解得 t= ...
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