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设函数f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且f(0)f(1)<0.求证:存在ξ∈(0,1),使得ξf′
设函数f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且f(0)f(1)<0.求证:存在ξ∈(0,1),使得ξf′(ξ)+(2-ξ)f(ξ)=0.
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推荐答案 推荐于2018-05-30
令g(x)=x
2
e
-x
f(x),则g(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且
g′(x)=xe
-x
[xf′(x)+(2-x)f(x)].
因为f(0)f(1)<0,
由连续函数的零点存在定理可得,?c∈(0,1)使得f(c)=0,
从而g(c)=0.
又因为g(0)=0,
故对函数g(x)在区间[0,c]上利用罗尔中值定理可得,
存在ξ∈(0,1),使得g′(ξ)=0,
即:ξe
-ξ
[ξf′(ξ)+(2-ξ)f(ξ)]=0.
又因为ξe
-ξ
≠0,
故ξf′(ξ)+(2-ξ)f(ξ)=0.
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设函数f(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且f(0)
=
f(1)
=0,证明:至少
存在
...
答:
解答:证明:令
F(x)
=e2xf(x),则
F(x)在[0,1]上连续,在(0,1)内可导,且F(0)
=
F(1)
.由罗尔中值定理知,存在ξ∈(0,1),使得F′(ξ)=2e2ξf(ξ)+e2ξf′(ξ)=0,即:f′(ξ)+2f(ξ)=0.
...
连续,在
其开区间
可导,且f(0)f(1)<0,
证明至少
存在
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答:
证明:由零点定理,存在d位于(0,1),使得f(d)=0。令
F(x)
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,d)上可微。由Rolle中值定理,存在c位于(0
,1),使得
F'(c)=0,即 c^2f'(c)+2cf(c)=0,由于c不等于0,除以c即可得到结论。
设
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【0,1】
上连续,在(0,1)内可导,且f(1)
=0.证明
:存在ξ∈(0,1
...
答:
证明:令g(x)=xf(x),g'(x)=f(x)+xf'(x)∵
f(x)在[0,1]连续,在(0,1)可导
∴g(x)在[0,1]连续,在(0,1)可导 ∵g
(0)
=0,g(1)=
f(1)
=0 ∴根据罗尔中值定理知道
,存在ξ∈(0,1)使得
g'(ξ)=0 ∴g'(ξ)=
f(ξ
)+ξf'(ξ)=0 ∴f'(ξ)=-f(ξ) /ξ 命题...
...
0,1]上连续,在
区间
(0,1)内可导,且 f(0)
=1
,f(1)
=0.证明?
答:
如图,求解过程与结果如下
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